【解と係数の関係】いつ使うの？覚え方・使える条件をわかりやすく解説！【基本・応用問題つき】

「解と係数の関係」っていつ使うの？

覚え方・使い方（使える条件）をわかりやすく教えてほしい！

テストによく出る問題、便利な解法テクニックを学びたい！

こういった要望に応えます。

「解と係数の関係」は学校の授業ではサラーっとやって終わりというレベルにも関わらず、

忘れた頃に「ここは解と係数の関係を使うとラクにできるよね〜」みたいにふと使ったりするので、

いつ使うのか？どんな問題で使うのか？がよく分かっていない人が多くいます。

だけど、それではもったいない！

「解と係数の関係」を使いこなせると、色んな問題がラクに解けるようになる 強力な武器 になります。

そこで今回は

• 「解と係数の関係」の覚え方
• 「解と係数の関係」をいつ使うのか？
• 「解と係数の関係」を使って解く問題（基本・応用）

をわかりやすく解説します。

解と係数の関係とは？

「解と係数の関係」は次の通り。

使い方（例）

で考えると

と因数分解できるので、2解は

となります。

$ \displaystyle{ \alpha = {1 \over 2} , \ \beta = {5 \over 3} } $　とすると

$ \begin{cases}
\displaystyle{ 和： \alpha + \beta = {1 \over 2} + {5 \over 3} = {13 \over 6 } \left( = −{ \color{blue}{b} \over \color{red}{a} } \right) } \\
\\
\displaystyle{ 積： \alpha \beta = {1 \over 2} \cdot {5 \over 3} = {5 \over 6} \left( = { \color{green}{c} \over \color{red}{a} } \right) } \\
\end{cases}$

※ $ \color{red}{a} = \color{red}{6}, \ \color{blue}{b} = \color{blue}{−13}, \ \color{green}{c} = \color{green}{5} $

確かに「解と係数の関係」が成り立っていますね。

【解と係数の関係】覚え方・証明

「解と係数の関係」を覚えるためには、証明の流れをイメージすることが大切です。

この流れを見ると、なぜ「和」と「積」の分母に $\color{red}{a}$ が来るのか？が理解できると思います。

あとは「和」の「$−$」を忘れずにつけましょう。

【解と係数の関係】いつ使うのか？条件は？

「解と係数の関係」をいつ使うのか？

使い方のパターン・条件は、おおよそ以下の2つかなと思います。

2解の対称式を求める問題

問題文に

とあったら、ほぼ確実に「解と係数の関係」を使って解くことができます。

2数の和と積（基本対称式）

あるいは、問題を解いている途中で

のような「基本対称式（2数の和と積）」の形が出たら、「解と係数の関係」より

のように、$t$ などの別の文字で表すこともできます。

「解と係数の関係」を使って解く問題【基本】

さっそく「解と係数の関係」を使って解く問題を見てみましょう。

まずは基本問題からスタート！

【例題1-1】2次方程式 $ 2x^2 −3x −5 = 0 $ の2つの解を $ \alpha , \ \beta $ とするとき、次の式の値を求めよ。

「解と係数の関係」と「対称式」が絡む問題です。

対称式について、おさらいしたい人はこちら。

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それでは解いていきましょう！

(1) $ \alpha + \beta $

(1)、(2) については、「解と係数の関係」をそのまま使えばOK。

ちなみに、「和：$\alpha + \beta$」と「積：$\alpha \beta$」 の2つは「基本対称式」と言います。

「$\color{red}{−}$」を忘れずに！

(2) $ \alpha \beta $

(3) $ \alpha^2 + \beta^2 $

「対称式の公式（2乗）」を使います。

上の解法が一番ラクかな〜と思いますが、

別解として「次数下げ」を利用するやり方も紹介しておきます。

【別解】を見る

【別解】

2次方程式 $ 2x^2 −3x −5 = 0 $ の2解が $ \alpha , \ \beta $ なので

$ $　$ \begin{cases}
2\alpha^2 −3\alpha −5 = 0 \\
\\
2\beta^2 −3\beta −5 = 0 \\
\end{cases}$

∴ $ \begin{cases}
2\alpha^2 = 3\alpha + 5 \\
\\
2\beta^2 = 3\beta + 5 \\
\end{cases}$　・・・（注）

辺々を足して

$ $　$ 2\alpha^2 + 2\beta^2 = 3\alpha + 3\beta + 10 $

∴ $ 2 \left(\alpha^2 + \beta^2 \right) = 3 (\alpha + \beta) + 10 $

これに $ \displaystyle{ \alpha + \beta = {3 \over 2} } $ を代入して

$ $　$ \displaystyle{ 2 \left(\alpha^2 + \beta^2 \right) = 3 \cdot {3 \over 2} + 10 } $

∴ $ \displaystyle{ 2 \left(\alpha^2 + \beta^2 \right) = {29 \over 2} } $

∴ $ \displaystyle{ \alpha^2 + \beta^2 = {29 \over 4} } $

（注）$ 2\alpha^2 = 3\alpha + 5 $ を見ると、$\alpha$ について

$ $　$ （2次式）=（1次式）$ となっています。

$ $　つまり、 （2次式）を（1次式）に変換できるわけです。

「次数下げ」が必要になるパターンもあるので、使えるようにしておきましょう。

(4) $ \alpha^3 + \beta^3 $

今度は「対称式の公式（3乗）」を使います。

この問題も、別解として「次数下げ」を利用してやってみましょう。

【別解】を見る

【別解】

$ 2 \alpha^2 = 3\alpha + 5 $ より

$ $　$ \displaystyle{ \alpha^2 = {3 \over 2} \alpha + {5 \over 2} } $ ・・・①

両辺に $ \alpha $ をかけて

$ $　$ \displaystyle{ \alpha^3 = {3 \over 2} \alpha^2 + {5 \over 2} \alpha } $

$ $　　$ \displaystyle{ = {3 \over 2} \left( {3 \over 2} \alpha + {5 \over 2} \right) + {5 \over 2} \alpha } $（① を代入）

$ $　　$ \displaystyle{ = {9 \over 4} \alpha + {15 \over 4} + {5 \over 2} \alpha } $

∴ $ \displaystyle{ \alpha^3 = {19 \over 4} \alpha + {15 \over 4} } $ ・・・②

同様にして

$ $　$ \displaystyle{ \beta^3 = {19 \over 4} \beta + {15 \over 4} } $ ・・・③

②、③ の辺々を足して

$ $　$ \displaystyle{ \alpha^3 + \beta^3 = {19 \over 4} \left( \alpha + \beta \right) + {15 \over 2} } $

$ $　　　　 $ \displaystyle{ = {19 \over 4} \cdot \left( {3 \over 2} \right) + {15 \over 2} } $

$ $　　　　 $ \displaystyle{ = {117 \over 8} } $

地道な計算がいりますが、確実に答えが出せるやり方ですね。

【例題1-2】$k$ を実数とし、2次方程式 $ x^2 +2kx +k = 0 $ の 2つの解を $\alpha , \ \beta$ とする。2次方程式 $ x^2 −4(k+7)x + 4 = 0 $ が 2つの解 $ \alpha^2 , \ \beta^2 $ をもつとき、$k$ の値を求めよ。　[類 18 立教大]

2つの 2次方程式 それぞれに「解と係数の関係」を使うと上手くいきます。

自力で解けるかチャレンジしてみましょう！

【解答】を見る

【解答】

2次方程式 $ x^2 +2kx +k = 0 $ の 2解が $\alpha , \ \beta$ なので

解と係数の関係より

$ $　$ \begin{cases}
\displaystyle{ \alpha + \beta = −2k } \\
\\
\displaystyle{ \alpha \beta = k } \\
\end{cases}$　・・・①

 

2次方程式 $ x^2 −4(k+7)x + 4 = 0 $ の 2解が $ \alpha^2 , \ \beta^2 $ なので

解と係数の関係より

$ $　$ \begin{cases}
\displaystyle{ \alpha^2 + \beta^2 = 4(k+7) } \\
\\
\displaystyle{ \alpha^2 \beta^2 = 4 } \\
\end{cases}$　・・・②

 

よって

$ $　$ \begin{cases}
\displaystyle{ \alpha^2 + \beta^2 = ( \alpha + \beta )^2 −2 \alpha \beta } \\
\\
\displaystyle{ \alpha^2 \beta^2 = (\alpha \beta)^2 } \\
\end{cases}$

に ①、② を代入して

$ $　$ \begin{cases}
\displaystyle{ 4(k+7) = (−2k)^2 −2 k } \\
\\
\displaystyle{ 4 = k^2 } \\
\end{cases}$

∴ $ \begin{cases}
\displaystyle{ 2k^2 −3k −14 = 0 } \, ・・・③ \\
\\
\displaystyle{ k^2 = 4 } \, ・・・④ \\
\end{cases}$

④ を ③ に代入して

$ $　$ 2 \cdot 4 −3k −14 = 0 $

∴ $ k = −2 $

以上、基本問題でした。

「解と係数の関係」を使って解く問題【応用】

次は「解と係数の関係」を使って解く問題（応用）です。

色んな解法パターンが学べる良問にしたので、ぜひ最後まで読んでみてください。

【例題2】2次方程式 $ x^2 −x − 1 = 0 $ の 2つの解を $ \alpha , \ \beta $ とするとき、次の値を求めよ。

(1) $ \alpha^{2} + \beta^{2} $

まずは「対称式の公式」を使った解法から。

【解答】を見る

【解答】

解と係数の関係より

$ $　$ \begin{cases}
\displaystyle{ \alpha + \beta = 1 } \\
\\
\displaystyle{ \alpha \beta = −1 } \\
\end{cases}$

∴ $ \alpha^{2} + \beta^{2} = ( \alpha + \beta )^2 − 2 \alpha \beta $

$ $　　　　 $ = 1^2 − 2 \cdot ( −1 ) $

$ $　　　　 $ = 3 $

次に「次数下げ」を利用した 別解 です。

【別解】を見る

【別解】

解と係数の関係より

$ $　$ \begin{cases}
\displaystyle{ \alpha + \beta = 1 } \\
\\
\displaystyle{ \alpha \beta = −1 } \\
\end{cases}$　 ・・・①

 

2次方程式 $ x^2 −x − 1 = 0 $ の 2解が $ \alpha , \ \beta $ なので

$ $　$ \begin{cases}
\displaystyle{ \alpha^2 −\alpha − 1 = 0 } \\
\\
\displaystyle{ \beta ^2 −\beta − 1 = 0 } \\
\end{cases}$

∴ $ \begin{cases}
\displaystyle{ \alpha^2 = \alpha + 1 } \\
\\
\displaystyle{ \beta^2 = \beta + 1 } \\
\end{cases}$

辺々を足して

$ $　$ \alpha^2 + \beta^2 = \alpha + \beta + 2 $

$ $　　　　 $ = 1 + 2 $（① を代入）

$ $　　　　 $ = 3 $

(2) $ \alpha^{3} + \beta^{3} $

「対称式の公式」で解いてみます。

【解答】を見る

【解答】

$ \alpha^{3} + \beta^{3} = ( \alpha + \beta )^3 − 3 \alpha \beta ( \alpha + \beta ) $

$ $　　　 $ = 1^3 − 3 \cdot (−1) \cdot 1 $

$ $　　　 $ = 4 $

別解：「次数下げ」

【別解】を見る

【別解】

$ \displaystyle{ \alpha^2 = \alpha + 1 } $

両辺に $ \alpha $ をかけて

$ $　$ \displaystyle{ \alpha^3 = \alpha^2 + \alpha } $ ・・・②

同様にして

$ $　$ \displaystyle{ \beta^3 = \beta^2 + \beta } $ ・・・③

②、③ の辺々を足して

$ $　$ \displaystyle{ \alpha^3 + \beta^3 = \left( \alpha^2 + \beta^2 \right) + ( \alpha + \beta ) } $

$ $　　　　 $ \displaystyle{ = 3 + 1 } $（(1)、① より）

$ $　　　　 $ \displaystyle{ = 4 } $

この別解では、あえて $（3次式）=（1次式）$ の形にしませんでした。

$（3次式）=（2次式）$ で止めといた方が、計算がちょっとラクになるからです。

(3) $ \alpha^{5} + \beta^{5} $

5乗ってどうやって作るの？ と考えると

「5乗 ＝ 2乗 × 3乗」で作れそうですね。

$ $　$ x^5 + y^5 = \left( x^2 + y^2 \right) \left( x^3 + y^3 \right) − x^3 y^2 −x^2 y^3 $

$ $　　　　$ = \left( x^2 + y^2 \right) \left( x^3 + y^3 \right) −x^2 y^2 \left( x + y \right)$

これは「対称式の公式」として覚えておきましょう。

【解答】を見る

【解答】

$ \alpha^5 + \beta^5 = \left( \alpha^2 + \beta^2 \right) \left( \alpha^3 + \beta^3 \right) −\alpha^2 \beta^2 ( \alpha + \beta ) $

$ $　　　　$ = 3 \cdot 4 −(−1)^2 \cdot 1 $（(1)、(2)、① より）

$ $　　　　$ = 11 $

別解：「次数下げ」

【別解】を見る

【別解】

② の両辺に $ \alpha $ をかけて

$ $　$ \alpha^4 = \alpha^3 + \alpha^2 $

同様にして

$ $　$ \beta^4 = \beta^3 + \beta^2 $

辺々を足して

$ $　$ \alpha^4 + \beta^4 = \left( \alpha^3 + \beta^3 \right) + \left( \alpha^2 + \beta^2 \right) $

$ $　　　　 $ = 4 + 3 $（(1)、(2) より）

$ $　　　　 $ = 7 $ ・・・④

 

同様にして

$ $　$ \alpha^5 + \beta^5 = \left( \alpha^4 + \beta^4 \right) + \left( \alpha^3 + \beta^3 \right) $

$ $　　　　 $ = 7 + 4 $（(2)、④ より）

$ $　　　　 $ = 11 $

ここまでは、何てことはない ただの「対称式」「次数下げ」の問題でしたが、次は少し難しくなります。

(4) $ \alpha^{100} + \beta^{100} $ を $5$ で割ったときの余り

この問題は「対称式」を使った解法だと計算が果てしなく、現実的ではありません。

なので、「次数下げ」で解いてみます。

【解答】を見る

【解答】

$ \alpha^6 + \beta^6 = \left( \alpha^5 + \beta^5 \right) + \left( \alpha^4 + \beta^4 \right) $

$ $　　　 $ = 11 + 7 $

$ $　　　 $ = 18 $

 

$5$ を法とする合同式を考えると

$ $　$ \alpha^1 + \beta^1 = 1 \equiv  1 \pmod 5 $

$ $　$ \alpha^2 + \beta^2 = 3 \equiv  3 \pmod 5 $

$ $　$ \alpha^3 + \beta^3 = 4 \equiv  4 \pmod 5 $

$ $　$ \alpha^4 + \beta^4 = 7 \equiv  2 \pmod 5 $

$ $　$ \alpha^5 + \beta^5 = 11 \equiv  1 \pmod 5 $

$ $　$ \alpha^6 + \beta^6 = 18 \equiv  3 \pmod 5 $

$ $　　$ \vdots $

よって、$5$ で割ったときの余りは「$1, \ 3, \ 4, \ 2$」が繰り返されるので

$ 100 ÷ 4 = 25 $ より

$ $　$ \alpha^{100} + \beta^{100} \equiv  2 \pmod 5 $

したがって、求める余りは $2$

$5$ で割った余りについての規則性（循環）に気付けると答えに辿りつきます。

なお、合同式（mod）についておさらいしたい人はこちら。

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補足：(1)〜(3) の誘導がなかったら

もし仮に (1)〜(3) の誘導がなかった場合、(4) は実はもっとラクに解く方法があります。

それは、数学B「数列」の 漸化式（ぜんかしき）にうまく持ち込むやり方です。

【別解】を見る

【別解】

解と係数の関係より

$ $　$ \begin{cases}
\displaystyle{ \alpha + \beta = 1 } \\
\\
\displaystyle{ \alpha \beta = −1 } \\
\end{cases}$　・・・①

 

2次方程式 $ x^2 −x − 1 = 0 $ の 2解が $ \alpha , \ \beta $ なので

$ $　$ \begin{cases}
\displaystyle{ \alpha^2 −\alpha − 1 = 0 } \\
\\
\displaystyle{ \beta ^2 −\beta − 1 = 0 } \\
\end{cases}$

∴ $ \begin{cases}
\displaystyle{ \alpha^2 = \alpha + 1 } \\
\\
\displaystyle{ \beta^2 = \beta + 1 } \\
\end{cases}$

辺々を足して

$ $　$ \alpha^2 + \beta^2 = \alpha + \beta + 2 $

∴ $ \alpha^2 + \beta^2 = \left( \alpha^1 + \beta^1 \right) + \left( \alpha^0 + \beta^0 \right) $ ・・・（注1）

ここで、$ a_n = \alpha^n + \beta^n $ とおくと

$ $　$ a_2 = a_1 + a_0 $ ・・・（注2）

よって、数列 $ \{ a_n \} $ は

$ $　$ \begin{cases}
a_{n+2} = a_{n+1} + a_{n} \\
\\
a_0 = 2 \\
\\
a_1 = 1 （① より）\\
\end{cases}$

をみたす。

 

$5$ を法とする合同式を考えると

$ $　$ a_1 \equiv  1 \pmod 5 $

$ $　$ a_2 = a_1 + a_0 \equiv  3 \pmod 5 $

$ $　$ a_3 = a_2 + a_1 \equiv 4 \pmod 5 $

$ $　$ a_4 = a_3 + a_2 \equiv 7 \equiv 2 \pmod 5 $

$ $　$ a_5 = a_4 + a_3 \equiv 6 \equiv 1 \pmod 5 $

$ $　$ a_6 = a_5 + a_4 \equiv 3 \pmod 5 $

$ $　　$ \vdots $

よって、$5$ で割ったときの余りは「$1, \ 3, \ 4, \ 2$」が繰り返されるので

$ 100 ÷ 4 = 25 $ より

$ $　$ a_{100} = \alpha^{100} + \beta^{100} \equiv  2 \pmod 5 $

したがって、求める余りは $2$

（注1）$ \alpha^0 = 1, \ \beta^0 = 1 $ と変形するのがポイント！

（注2）「$ a_0 $ と $ a_1 $ を足したら 次の項 $ a_2 $ になる」という操作が繰り返される 3項間漸化式

なんと「対称式」も「次数下げ」の計算も必要ない、裏ワザのような解法テクニックです。

思いついたら素早く解けるので、ぜひマスターしてみてください！

【まとめ】解と係数の関係

最後に「解と係数の関係」をまとめておきます。

参考：3次方程式の解と係数の関係

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